python NameError：グローバル名 '__file__'が定義されていません

このコードをpython 2.7で実行すると、次のエラーが発生します。

Traceback (most recent call last):
File "C:\Python26\Lib\site-packages\pyutilib.subprocess-3.5.4\setup.py", line 30, in <module>
    long_description = read('README.txt'),
  File "C:\Python26\Lib\site-packages\pyutilib.subprocess-3.5.4\setup.py", line 19, in read
    return open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), *rnames)).read()
NameError: global name '__file__' is not defined

コードは：

import os
from setuptools import setup


def read(*rnames):
    return open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), *rnames)).read()


setup(name="pyutilib.subprocess",
    version='3.5.4',
    maintainer='William E. Hart',
    maintainer_email='wehart@sandia.gov',
    url = 'https://software.sandia.gov/svn/public/pyutilib/pyutilib.subprocess',
    license = 'BSD',
    platforms = ["any"],
    description = 'PyUtilib utilites for managing subprocesses.',
    long_description = read('README.txt'),
    classifiers = [
        'Development Status :: 4 - Beta',
        'Intended Audience :: End Users/Desktop',
        'License :: OSI Approved :: BSD License',
        'Natural Language :: English',
        'Operating System :: Microsoft :: Windows',
        'Operating System :: Unix',
        'Programming Language :: Python',
        'Programming Language :: Unix Shell',
        'Topic :: Scientific/Engineering :: Mathematics',
        'Topic :: Software Development :: Libraries :: Python Modules'],
      packages=['pyutilib', 'pyutilib.subprocess', 'pyutilib.subprocess.tests'],
      keywords=['utility'],
      namespace_packages=['pyutilib'],
      install_requires=['pyutilib.common', 'pyutilib.services']
      )

このエラーはos.path.join(os.path.dirname(__file__))、Pythonインタラクティブシェルでこの行を追加したときに発生します。

Python Shellは現在のファイルパスを検出せず、この行を追加した場所に__file__関連してfilepathいます

したがって、この行をos.path.join(os.path.dirname(__file__))に記述してくださいfile.py。そして、それを実行しますpython file.py、それはあなたのファイルパスを取るので機能します。

PyInstallerとPy2exeで同じ問題が発生したため、cx-freezeのFAQで解決策を見つけました。

コンソールから、またはアプリケーションとしてスクリプトを使用する場合、以下の関数は「実際のファイルパス」ではなく「実行パス」を提供します。

print(os.getcwd())
print(sys.argv[0])
print(os.path.dirname(os.path.realpath('__file__')))

出典：http :
//cx-freeze.readthedocs.org/en/latest/faq.html

あなたの古い行（最初の質問）：

def read(*rnames):
return open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), *rnames)).read()

コード行を次のスニペットに置き換えます。

def find_data_file(filename):
    if getattr(sys, 'frozen', False):
        # The application is frozen
        datadir = os.path.dirname(sys.executable)
    else:
        # The application is not frozen
        # Change this bit to match where you store your data files:
        datadir = os.path.dirname(__file__)

    return os.path.join(datadir, filename)

上記のコードを使用すると、アプリケーションをOSのパスに追加でき、アプリがデータ/構成ファイルを見つけられないという問題なく、どこでも実行できます。

Pythonでテスト：

• 3.3.4
• 2.7.13

次のようにコードを変更してください！わたしにはできる。`

os.path.dirname(os.path.abspath("__file__"))

__file__期待どおりに動作しない場合があります。しかし、これまでのところ、私は失敗していません。

import inspect
src_file_path = inspect.getfile(lambda: None)

これは、CのPythonアナログに最も近いもの__FILE__です。

Pythonの動作は__file__Cの動作とは大きく異なり__FILE__ます。Cバージョンは、ソースファイルの元のパスを提供します。これは、エラーを記録し、どのソースファイルにバグがあるかを知るのに役立ちます。

Python __file__は、現在実行中のファイルの名前のみを提供します。これは、ログ出力ではあまり役に立たない場合があります。

インタラクティブインタープリタを使用していますか？使用できます

sys.argv[0]

あなたは読むべきです：Pythonで現在実行されているファイルのパスを取得するにはどうすればよいですか？

私はファイルを文字列として扱うことで解決しました。つまり、"__file__"（引用符と一緒に！）__file__

これは私にとってはうまくいきます：

wk_dir = os.path.dirname(os.path.realpath('__file__'))

コードのどこかで作業ディレクトリを変更していなければ、現在の作業ディレクトリを取得するos.getcwd()だけで同じことが得os.path.dirname(__file__)られます。 os.getcwd()インタラクティブモードでも動作します。

そう os.path.join(os.path.dirname(__file__)) なる os.path.join(os.getcwd())

Pythonシェルからコマンドを実行している場合は、次のようになります。

>>> __file__
Traceback (most recent call last):
  File "<stdin>", line 1, in <module>
NameError: name '__file__' is not defined

pythonコマンドの引数として渡して、ファイルを直接実行する必要があります。

$ python somefile.py

あなたの場合、それは本当に python setup.py install

あなたができることは以下を使うことです

import os
if '__file__' in vars():
    wk_dir = os.path.dirname(os.path.realpath('__file__'))
else:
    print('We are running the script interactively')

文字列を使用する'__file__'と、実際の変数が実際に参照されることに注意してください__file__。もちろん、これを自分でテストできます。

このソリューションの追加の利点は、スクリプトを部分的にインタラクティブに（たとえば、テスト/開発するために）実行するときの柔軟性であり、コマンドラインから実行できます。

コマンドラインを介してファイルを実行している場合は、このハックを使用できます

import traceback

def get_this_filename():
    try:
        raise NotImplementedError("No error")
    except Exception as e:
        exc_type, exc_value, exc_traceback = sys.exc_info()
        filename = traceback.extract_tb(exc_traceback)[-1].filename
    return filename

これはUnrealEnginePythonコンソールで私のために働き、 py.exec myfile.py

Jupyterノートブックでも同じ問題が発生しました。'os.path.split（os.path.realpath（file））' を使用している間、ノートブックはエラーをスローしていました。

このように私は「ファイル」を使用しました。それは完全に機能しました。

私はまったく同じ問題を抱えており、おそらく同じチュートリアルを使用しています。関数定義：

def read(*rnames):
    return open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), *rnames)).read()

os.path.dirname(__file__)あなたが必要とするものを返さないので、バグがあります。で置き換えos.path.dirname(__file__)てみてくださいos.path.dirname(os.path.abspath(__file__))：

def read(*rnames):
    return open(os.path.join(os.path.dirname(os.path.abspath(__file__)), *rnames)).read()

現在のドキュメントのコードスニペットが機能しないことをアンドリューに投稿したところです。うまくいけば、修正されるでしょう。